怀音考试网将会介绍高二数学竞赛试题,有相关烦恼的人,就请继续看下去吧。

高中希望杯数学竞赛的试题 要答案一起的哈,嗯越多越好!

一、选择题(本题满分36分,每小题6分)

1.函数 在 上的最小值是 ( C )

A.0 B.1 C.2 D.3

[解] 当 时, ,因此

,当且仅当 时上式取等号.而此方程有解 ,因此 在 上的最小值为2.

2.设 , ,若 ,则实数 的取值范围为 ( D )

A. B. C. D.

[解] 因 有两个实根

, ,

故 等价于 且 ,即

且 ,

解之得 .

3.甲乙两人进行乒乓球比赛,约定每局胜者得1分,负者得0分,比赛进行到有一人比对方多2分或打满6局时停止.设甲在每局中获胜的概率为 ,乙在每局中获胜的概率为 ,且各局胜负相互独立,则比赛停止时已打局数 的期望 为 ( B )

A. B. C. D.

[解法一] 依题意知, 的所有可能值为2,4,6.

设每两局比赛为一轮,则该轮结束时比赛停止的概率为

若该轮结束时比赛还将继续,则甲、乙在该轮中必是各得一分,此时,该轮比赛结果对下轮比赛是否停止没有影响.从而有

故 .

[解法二] 依题意知, 的所有可能值为2,4,6.

令 表示甲在第 局比赛中获胜,则 表示乙在第 局比赛中获胜.

由独立性与互不相容性得

故 .

4.若三个棱长均为整数(单位:cm)的正方体的表面积之和为564 cm2,则这三个正方体的体积之和为 ( A )

A. 764 cm3或586 cm3 B. 764 cm3

C. 586 cm3或564 cm3 D. 586 cm3

[解] 设这三个正方体的棱长分别为 ,则有 , ,不妨设 ,从而 , .故 . 只能取9,8,7,6.

若 ,则 ,易知 , ,得一组解 .

若 ,则 , .但 , ,从而 或5.若 ,则 无解,若 ,则 无解.此时无解.

若 ,则 ,有唯一解 , .

若 ,则 ,此时 , .故 ,但 ,故 ,此时 无解.

综上,共有两组解 或

体积为 cm3或 cm3.

5.方程组 的有理数解 的个数为 ( B )

A. 1 B. 2 C. 3 D. 4

[解] 若 ,则 解得 或

若 ,则由 得 . ①

由 得 . ②

将②代入 得 . ③

由①得 ,代入③化简得 .

易知 无有理数根,故 ,由①得 ,由②得 ,与 矛盾,故该方程组共有两组有理数解 或

6.设 的内角 所对的边 成等比数列,则 的取值范围是

( C )

A. B.

C. D.

[解] 设 的公比为 ,则 ,而

因此,只需求 的取值范围.

因 成等比数列,最大边只能是 或 ,因此 要构成三角形的三边,必需且只需 且 .即有不等式组

解得

从而 ,因此所求的取值范围是 .

二、填空题(本题满分54分,每小题9分)

7.设 ,其中 为实数, , , ,若 ,则 5 .

[解] 由题意知

由 得 , ,因此 , , .

8.设 的最小值为 ,则 .

[解]

(1) 时, 当 时取最小值 ;

(2) 时, 当 时取最小值1;

(3) 时, 当 时取最小值 .

又 或 时, 的最小值不能为 ,

故 ,解得 , (舍去).

9.将24个志愿者名额分配给3个学校,则每校至少有一个名额且各校名额互不相同的分配方法共有 222 种.

[解法一] 用4条棍子间的空隙代表3个学校,而用 表示名额.如

表示第一、二、三个学校分别有4,18,2个名额.

若把每个“ ”与每个“ ”都视为一个位置,由于左右两端必须是“|”,故不同的分配方法相当于 个位置(两端不在内)被2个“|”占领的一种“占位法”.

“每校至少有一个名额的分法”相当于在24个“ ”之间的23个空隙中选出2个空隙插入“|”,故有 种.

又在“每校至少有一个名额的分法”中“至少有两个学校的名额数相同”的分配方法有31种.

综上知,满足条件的分配方法共有253-31=222种.

[解法二] 设分配给3个学校的名额数分别为 ,则每校至少有一个名额的分法数为不定方程

的正整数解的个数,即方程 的非负整数解的个数,它等于3个不同元素中取21个元素的可重组合:

又在“每校至少有一个名额的分法”中“至少有两个学校的名额数相同”的分配方法有31种.

综上知,满足条件的分配方法共有253-31=222种.

10.设数列 的前 项和 满足: , ,则通项 = .

[解] ,

即 2

= ,

由此得 2 .

令 , ( ),

有 ,故 ,所以 .

11.设 是定义在 上的函数,若 ,且对任意 ,满足

, ,则 = .

[解法一] 由题设条件知

因此有 ,故

[解法二] 令 ,则

即 ,

故 ,

得 是周期为2的周期函数,

所以 .

12.一个半径为1的小球在一个内壁棱长为 的正四面体容器内可向各个方向自由运动,则该小球永远不可能接触到的容器内壁的面积是 .

[解] 如答12图1,考虑小球挤在一个角时的情况,记小球半径为 ,作平面 //平面 ,与小球相切于点 ,则小球球心 为正四面体 的中心, ,垂足 为 的中心.

故 ,从而 .

记此时小球与面 的切点为 ,连接 ,则

考虑小球与正四面体的一个面(不妨取为 )相切时的情况,易知小球在面 上最靠近边的切点的轨迹仍为正三角形,记为 ,如答12图2.记正四面体

的棱长为 ,过 作 于 .

因 ,有 ,故小三角形的边长 .

小球与面 不能接触到的部分的面积为(如答12图2中阴影部分)

又 , ,所以

由对称性,且正四面体共4个面,所以小球不能接触到的容器内壁的面积共为 .

三、解答题(本题满分60分,每小题20分)

13.已知函数 的图像与直线 有且仅有三个交点,交点的横坐标的最大值为 ,求证:

[证] 的图象与直线 的三个交点如答13图所示,且在 内相切,其切点为 , .

…5分

由于 , ,所以 ,即 . …10分

因此

…15分

. …20分

14.解不等式

[解法一] 由 ,且 在 上为增函数,故原不等式等价于

即 . …5分

分组分解

, …10分

所以 ,

. …15分

所以 ,即 或 .

故原不等式解集为 . …20分

[解法二] 由 ,且 在 上为增函数,故原不等式等价于

. …5分

, …10分

令 ,则不等式为

显然 在 上为增函数,由此上面不等式等价于

, …15分

即 ,解得 ( 舍去),

故原不等式解集为 . …20分

15.如题15图, 是抛物线 上的动点,点 在 轴上,圆 内切于 ,求 面积的最小值.

[解] 设 ,不妨设 .

直线 的方程: ,

化简得 .

又圆心 到 的距离为1,

, …5分

故 ,

易知 ,上式化简得 ,

同理有 . …10分

所以 , ,则

因 是抛物线上的点,有 ,则

, . …15分

所以

当 时,上式取等号,此时 .

因此 的最小值为8.

求数学竞赛高中的试题什么的

2007年全国高中数学联合竞赛加试试题及参考答案 (考试时间:120分钟满分150分)一、(本题满分50分)如图,在锐角△ABC中,AB<AC,AD是边BC上的高,P是线段AD内一点.过P作PE⊥AC,垂足为E,做PF⊥AB,垂足为F.O1、O2分别是△BDF、△CDE的外心.求证:O1、O2、E、F四点共圆的充要条件为P是△ABC的垂心.二、(本题满分50分)如图,在7×8的长方形棋盘的每个小方格的中心点各放一个棋子.如果两个棋子所在的小方格共边或共顶点,那么称这两个棋子相连.现从这56个棋子中取出一些,使得棋盘上剩下的棋子,没有五个在一条直线(横、竖、斜方向)上依次相连.问最少取出多少个棋子才可能满足要求?并说明理由.三、(本题满分50分)设集合P={1,2,3,4,5},对任意k∈P和正整数m,记f(m,k)=,其中[a]表示不大于a的最大整数.求证:对任意正整数n,存在k∈P和正整数m,使得f(m,k)=n.2007年全国高中数学联合竞赛加试试题参考答案一、(本题满分50分)如图,在锐角△ABC中,AB<AC,AD是边BC上的高,P是线段AD内一点.过P作PE⊥AC,垂足为E,作PF⊥AB,垂足为F.O1、O2分别是△BDF、△CDE的外心.求证:O1、O2、E、F四点共圆的充要条件为P是△ABC的垂心.证明:连结BP、CP、O1O2、EO2、EF、FO1.因为PD⊥BC,PF⊥AB,故B、D、P、F四点共圆,且BP为该圆的直径.又因为O1是△BDF的外心,故O1在BP上且是BP的中点.同理可证C、D、P、E四点共圆,且O2是CP的中点.综合知O1O2∥BC,所以∠PO2O1=∠PCB.因为AF·AB=AP·AD=AE·AC,所以B、C、E、F四点共圆.充分性:设P是△ABC的垂心,由于PE⊥AC,PF⊥AB,所以B、O1、P、E四点共线,C、O2、P、F四点共线,∠FO2O1=∠FCB=∠FEB=∠FEO1,故O1、O2、E、F四点共圆.必要性:设O1、O2、E、F四点共圆,故∠O1O2E+∠EFO1=180°.由于∠PO2O1=∠PCB=∠ACB-∠ACP,又因为O2是直角△CEP的斜边中点,也就是△CEP的外心,所以∠PO2E=2∠ACP.因为O1是直角△BFP的斜边中点,也就是△BFP的外心,从而∠PFO1=90°-∠BFO1=90°-∠ABP.因为B、C、E、F四点共圆,所以∠AFE=∠ACB,∠PFE=90°-∠ACB.于是,由∠O1O2E+∠EFO1=180°得(∠ACB-∠ACP)+2∠ACP+(90°-∠ABP)+(90°-∠ACB)=180°,即∠ABP=∠ACP.又因为AB<AC,AD⊥BC,故BD<CD.设B′是点B关于直线AD的对称点,则B′在线段DC上且B′D=BD.连结AB′、PB′.由对称性,有∠AB′P=∠ABP,从而∠AB′P=∠ACP,所以A、P、B′、C四点共圆.由此可知∠PB′B=∠CAP=90°-∠ACB.因为∠PBC=∠PB′B,故∠PBC+∠ACB=(90°-∠ACB)+∠ACB=90°,故直线BP和AC垂直.由题设P在边BC的高上,所以P是△ABC的垂心.二、(本题满分50分)如图,在7×8的长方形棋盘的每个小方格的中心点各放一个棋子.如果两个棋子所在的小方格共边或共顶点,那么称这两个棋子相连.现从这56个棋子中取出一些,使得棋盘上剩下的棋子,没有五个在一条直线(横、竖、斜方向)上依次相连.问最少取出多少个棋子才可能满足要求?并说明理由.解:最少要取出11个棋子,才可能满足要求.其原因如下:如果一个方格在第i行第j列,则记这个方格为(i,j).第一步证明若任取10个棋子,则余下的棋子必有一个五子连珠,即五个棋子在一条直线(横、竖、斜方向)上依次相连.用反证法.假设可取出10个棋子,使余下的棋子没有一个五子连珠.如图1,在每一行的前五格中必须各取出一个棋子,后三列的前五格中也必须各取出一个棋子.这样,10个被取出的棋子不会分布在右下角的阴影部分.同理,由对称性,也不会分布在其他角上的阴影部分.第1、2行必在每行取出一个,且只能分布在(1,4)、(1,5)、(2,4)、(2,5)这些方格.同理(6,4)、(6,5)、(7,4)、(7,5)这些方格上至少要取出2个棋子.在第1、2、3列,每列至少要取出一个棋子,